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(1)某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时,有下列步骤,其中正确的是(不定项)A.取长度约1m的细线,一端固定在铁架台上,另一端栓一个小铁球B.测出细线的长度即为
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(1)某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时,有下列步骤,其中正确的是______(不定项)
A.取长度约1m的细线,一端固定在铁架台上,另一端栓一个小铁球
B.测出细线的长度即为单摆的摆长L
C.使小铁球离开其平衡位置约30cm的距离,将其静止释放
D.待小铁球摆动稳定后,当小铁球经过平衡位置时按下秒表开始计时
E.开始计时时记为1,当小铁球第50次经过平衡位置停止计时,所测时间为50个周期(t=50T)
(2)若某次测量时间结果如图所示,则秒表的读数是______s.
![](https://www.zaojiaoba.cn/2018-09/07/1536293751-4857.jpg)
(3)若测出的g值较当地重力加速度的值偏大,可能原因是______(不定项)
A.小球的质量偏大
B.用摆线的长度当作摆长
C.将实际振动n次数误记为(n+1)次
D.摆线上端没有系牢,摆动过程因松动而使摆线变长.
A.取长度约1m的细线,一端固定在铁架台上,另一端栓一个小铁球
B.测出细线的长度即为单摆的摆长L
C.使小铁球离开其平衡位置约30cm的距离,将其静止释放
D.待小铁球摆动稳定后,当小铁球经过平衡位置时按下秒表开始计时
E.开始计时时记为1,当小铁球第50次经过平衡位置停止计时,所测时间为50个周期(t=50T)
(2)若某次测量时间结果如图所示,则秒表的读数是______s.
![](https://www.zaojiaoba.cn/2018-09/07/1536293751-4857.jpg)
(3)若测出的g值较当地重力加速度的值偏大,可能原因是______(不定项)
A.小球的质量偏大
B.用摆线的长度当作摆长
C.将实际振动n次数误记为(n+1)次
D.摆线上端没有系牢,摆动过程因松动而使摆线变长.
▼优质解答
答案和解析
(1)A、取长度约1m的细线,一端固定在铁架台上,另一端栓一个小铁球,符合实验要求,故A正确;
B、摆线长度与摆球半径之和是摆长,测出细线的长度作为单摆的摆长L是错误的,故B错误;
C、单摆的最大摆角应小于5°,小铁球离开其平衡位置约30cm的距离,将其静止释放,摆角太大,故C错误;
D、待小铁球摆动稳定后,当小铁球经过平衡位置时按下秒表开始计时,故D正确;
E、开始计时时记为1,当小铁球第50次经过平衡位置停止计时,所测时间为49个周期,不是50个周期,故E错误;
故正确的实验步骤是AD.
(2)由图示秒表可知,秒表的分针示数是1min=60s,秒针示数是40.5s,则秒表示数是60s+40.5s=100.5s.
(3)由单摆周期公式T=2π
可知,g=
;
A、由g=
可知,重力加速度与摆球质量无关,故A错误;
B、用摆线的长度当作摆长,摆长L偏小,由g=
可知,所测重力加速偏小,不符合题意,故B错误;
C、将实际振动n次数误记为(n+1)次,所测单摆周期T变小,由g=
可知,所测重力加速度偏大,符合题意,故C正确;
D、摆线上端没有系牢,摆动过程因松动而使摆线变长,由T=2π
可知.所测单摆的实际周期T偏大,由g=
可知所测重力加速度偏小,不符合题意,故D错误;
故答案为:(1)AD;(2)100.5;(3)C.
B、摆线长度与摆球半径之和是摆长,测出细线的长度作为单摆的摆长L是错误的,故B错误;
C、单摆的最大摆角应小于5°,小铁球离开其平衡位置约30cm的距离,将其静止释放,摆角太大,故C错误;
D、待小铁球摆动稳定后,当小铁球经过平衡位置时按下秒表开始计时,故D正确;
E、开始计时时记为1,当小铁球第50次经过平衡位置停止计时,所测时间为49个周期,不是50个周期,故E错误;
故正确的实验步骤是AD.
(2)由图示秒表可知,秒表的分针示数是1min=60s,秒针示数是40.5s,则秒表示数是60s+40.5s=100.5s.
(3)由单摆周期公式T=2π
|
4π2L |
T2 |
A、由g=
4π2L |
T2 |
B、用摆线的长度当作摆长,摆长L偏小,由g=
4π2L |
T2 |
C、将实际振动n次数误记为(n+1)次,所测单摆周期T变小,由g=
4π2L |
T2 |
D、摆线上端没有系牢,摆动过程因松动而使摆线变长,由T=2π
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4π2L |
T2 |
故答案为:(1)AD;(2)100.5;(3)C.
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