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(2013•厦门模拟)如图所示,足够长的粗糙绝缘斜面与水平面成θ=37°放置,在斜面上虚线aa′和bb′与斜面底边平行,在aa′b′b围成的区域有垂直斜面向上的有界匀强磁场,磁感应强度为B=1
题目详情
![](https://www.zaojiaoba.cn/2018-09/21/1537499454-1898.jpg)
(1)线圈进入磁场区域时,受到安培力大小;
(2)线圈释放时,PQ边到bb′的距离;
(3)整个线圈穿过磁场的过程中,线圈上产生的焦耳热.
▼优质解答
答案和解析
(1)对线圈受力分析,根据平衡条件得:F安+μmgcosθ=mgsinθ
代入数据解得:F安=mgsinθ-μmgcosθ=(0.01×10×0.6-0.5×0.01×10×0.8)N=2×10-2N;
(2)由 F安=BId、E=Bvd、I=
解得:F安=
代入数据解得:v=
=
m/s=2m/s
线圈进入磁场前做匀加速运动,根据牛顿第二定律得:
a=
=gsinθ-μgcosθ=(10×0.6-0.5×10×0.80)m/s2=2m/s2
线圈释放时,PQ边到bb的距离L=
=
m=1m;
(3)由于线圈刚好匀速穿过磁场,则磁场宽度等于d=0.1m,
Q=W安=F安•2d
代入数据解得:Q=2×10-2×2×0.1J=4×10-3J;
答:
(1)线圈进入磁场区域时,受到安培力大小为2×10-2N;
(2)线圈释放时,PQ边到bb′的距离为1m;
(3)整个线圈穿过磁场的过程中,线圈上产生的焦耳热为4×10-3J.
代入数据解得:F安=mgsinθ-μmgcosθ=(0.01×10×0.6-0.5×0.01×10×0.8)N=2×10-2N;
(2)由 F安=BId、E=Bvd、I=
E |
R |
解得:F安=
B2d2v |
R |
代入数据解得:v=
F安R |
B2d2 |
2×10−2×1 |
12×0.12 |
线圈进入磁场前做匀加速运动,根据牛顿第二定律得:
a=
mgsinθ−μmgcosθ |
m |
线圈释放时,PQ边到bb的距离L=
v2 |
2a |
22 |
2×2 |
(3)由于线圈刚好匀速穿过磁场,则磁场宽度等于d=0.1m,
Q=W安=F安•2d
代入数据解得:Q=2×10-2×2×0.1J=4×10-3J;
答:
(1)线圈进入磁场区域时,受到安培力大小为2×10-2N;
(2)线圈释放时,PQ边到bb′的距离为1m;
(3)整个线圈穿过磁场的过程中,线圈上产生的焦耳热为4×10-3J.
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