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如图甲所示,ABCD为一足够长的光滑绝缘斜面,EFGH范围内存在方向垂直斜面的匀强磁场,磁场边界EF、HG与斜面底边AB平行.一正方向金属框abcd放在斜面上,ab边平行于磁场边界.现使金属框
题目详情
如图甲所示,ABCD为一足够长的光滑绝缘斜面,EFGH范围内存在方向垂直斜面的匀强磁场,磁场边界EF、HG与斜面底边AB平行.一正方向金属框abcd放在斜面上,ab边平行于磁场边界.现使金属框从斜面上某处由静止释放,金属框从开始运动到cd边离开磁场的过程中,其运动的v-t图象如图乙所示.已知金属框电阻为R,质量为m,重力加速度为g,图乙中金属框运动的各个时刻及对应的速度均为已知量,求:
![](http://hiphotos.baidu.com/zhidao/pic/item/cc11728b4710b91214312a7ac0fdfc0393452246.jpg)
(1)斜面倾角的正弦值和磁场区域的宽度d;
(2)金属框cd边到达磁场边界EF前瞬间的加速度;
(3)金属框穿过磁场过程中产生的焦耳热Q.
![](http://hiphotos.baidu.com/zhidao/pic/item/cc11728b4710b91214312a7ac0fdfc0393452246.jpg)
(1)斜面倾角的正弦值和磁场区域的宽度d;
(2)金属框cd边到达磁场边界EF前瞬间的加速度;
(3)金属框穿过磁场过程中产生的焦耳热Q.
▼优质解答
答案和解析
(1)由图乙可知,在0~t1时间内金属框运动的加速度
a1=
设斜面的倾角θ,由牛顿第二定律有 a1=gsinθ
解得 sinθ=
在t1~2t1时间内金属框匀速进入磁场,则 l0=v1t1
在2t1~3t1时间内,金属框运动位移 s=
则磁场的宽度 d=l0+s=
(2)在t2时刻金属框cd边到达EF边界时的速度为v2,设此时加速度大小为a2,
cd边切割磁场产生的电动势 E=Bl0v2
受到的安培力 F=
由牛顿第二定律 F-mgsinθ=ma2
金属框进入磁场时 mgsinθ=
解得 a2=
加速度方向沿斜面向上.
(3)金属框从t1时刻进入磁场到t2时刻离开磁场的过程中,由功能关系得mg(d+l0)•sinθ=
m
−
m
+Q
解得 Q=4m
−
m
答:(1)斜面倾角的正弦值等于
,磁场区域的宽度s=
;
(2)金属框cd边到达磁场边界EF前瞬间的加速度大小为
,方向沿斜面向上.
(3)金属框穿过磁场过程中产生的焦耳热 Q=4m
−
m
.
a1=
v1 |
t1 |
设斜面的倾角θ,由牛顿第二定律有 a1=gsinθ
解得 sinθ=
v1 |
gt1 |
在t1~2t1时间内金属框匀速进入磁场,则 l0=v1t1
在2t1~3t1时间内,金属框运动位移 s=
3v1t1 |
2 |
则磁场的宽度 d=l0+s=
5v1t1 |
2 |
(2)在t2时刻金属框cd边到达EF边界时的速度为v2,设此时加速度大小为a2,
cd边切割磁场产生的电动势 E=Bl0v2
受到的安培力 F=
BEl0 |
R |
由牛顿第二定律 F-mgsinθ=ma2
金属框进入磁场时 mgsinθ=
B2v12l0 |
R |
解得 a2=
v2−v1 |
t1 |
加速度方向沿斜面向上.
(3)金属框从t1时刻进入磁场到t2时刻离开磁场的过程中,由功能关系得mg(d+l0)•sinθ=
1 |
2 |
v | 2 2 |
1 |
2 |
v | 2 1 |
解得 Q=4m
v | 2 1 |
1 |
2 |
v | 2 2 |
答:(1)斜面倾角的正弦值等于
v1 |
gt1 |
5v1t1 |
2 |
(2)金属框cd边到达磁场边界EF前瞬间的加速度大小为
v2−v1 |
t1 |
(3)金属框穿过磁场过程中产生的焦耳热 Q=4m
v | 2 1 |
1 |
2 |
v | 2 2 |
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