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如图,在几何体ABCDEF中,等腰梯形ABCD所在的平面与正方形CDEF所在的平面互相垂直,已知AB∥CD,AB=2BC=4,∠ABC=60°,点M是线段AC的中点.(Ⅰ)求证:CF⊥AD;(Ⅱ)求证:ME∥平面BCF;(Ⅲ
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如图,在几何体ABCDEF中,等腰梯形ABCD所在的平面与正方形CDEF所在的平面互相垂直,已知AB∥CD,AB=2BC=4,∠ABC=60°,点M是线段AC的中点.
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(Ⅰ)求证:CF⊥AD;
(Ⅱ)求证:ME∥平面BCF;
(Ⅲ)对于线段EF上的任意一点G,是否总有平面ACG⊥平面BCF,并说明理由.
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(Ⅰ)求证:CF⊥AD;
(Ⅱ)求证:ME∥平面BCF;
(Ⅲ)对于线段EF上的任意一点G,是否总有平面ACG⊥平面BCF,并说明理由.
▼优质解答
答案和解析
证明:(Ⅰ)由正方形CDEF,得CF⊥CD,![作业帮](http://img.zuoyebang.cc/zyb_cfbfd1c4d6ade2536550165c128f3565.jpg)
∵平面ABCD⊥平面CDEF,且平面ABCD∩平面CDEF=CD,
∴CF⊥平面ABCD,
又∵AD⊂平面ABCD,∴CF⊥AD.
(Ⅱ)如图,取BC中点N,连结MN、NF,
则MN∥AB,且MN=
AB=2,
又∵EF∥CD,CD∥AB,∴EF∥MN,
∵AB=2BC=4,∠ABC=60°,
∴CD=2,∴EF=MN,
∴四边形EFNM是平行四边形,∴ME∥FN,
又∵ME⊄平面EFNM,FN⊂平面BCF,
∴ME∥平面BCF.
(Ⅲ)对于线段EF上的任意一点G,总有平面ACG⊥平面BCF.
理由如下:
∵AB=2BC=4,∠ABC=60°,
在△ABC中,由余弦定理得:
AC2=AB2+BC2-2AB•BC•cos60°=16+4-2×4×2×cos60°=12,
∴AC=2
,∴AB2=AC2+BC2,∴AC⊥BC,
由(Ⅰ)知CF⊥平面ABCD,
∵AC⊂平面ABCD,∴CF⊥AC,
∵CF∩BC=C,且CF,BC⊂平面BCF,
∴AC⊥平面BCF,
又∵AC⊂平面ACG,∴平面ACG⊥平面BCF,
∴对于线段EF上的任意一点G,总有平面ACG⊥平面BCF.
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∵平面ABCD⊥平面CDEF,且平面ABCD∩平面CDEF=CD,
∴CF⊥平面ABCD,
又∵AD⊂平面ABCD,∴CF⊥AD.
(Ⅱ)如图,取BC中点N,连结MN、NF,
则MN∥AB,且MN=
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又∵EF∥CD,CD∥AB,∴EF∥MN,
∵AB=2BC=4,∠ABC=60°,
∴CD=2,∴EF=MN,
∴四边形EFNM是平行四边形,∴ME∥FN,
又∵ME⊄平面EFNM,FN⊂平面BCF,
∴ME∥平面BCF.
(Ⅲ)对于线段EF上的任意一点G,总有平面ACG⊥平面BCF.
理由如下:
∵AB=2BC=4,∠ABC=60°,
在△ABC中,由余弦定理得:
AC2=AB2+BC2-2AB•BC•cos60°=16+4-2×4×2×cos60°=12,
∴AC=2
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由(Ⅰ)知CF⊥平面ABCD,
∵AC⊂平面ABCD,∴CF⊥AC,
∵CF∩BC=C,且CF,BC⊂平面BCF,
∴AC⊥平面BCF,
又∵AC⊂平面ACG,∴平面ACG⊥平面BCF,
∴对于线段EF上的任意一点G,总有平面ACG⊥平面BCF.
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