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已知函数f(x)=lnx,g(x)=-12x2+x.(1)设G(x)=2f(x)+g(x),求G(x)的单调递增区间;(2)证明:当x>0时,f(x+1)>g(x);(3)证明:k<1时,存在x0>1,当x∈(1,x0)时,恒有f(x)+g
题目详情
已知函数f(x)=lnx,g(x)=-
x2+x.
(1)设G(x)=2f(x)+g(x),求G(x)的单调递增区间;
(2)证明:当x>0时,f(x+1)>g(x);
(3)证明:k<1时,存在x0>1,当x∈(1,x0)时,恒有f(x)+g(x)-
>k(x-1).
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(1)设G(x)=2f(x)+g(x),求G(x)的单调递增区间;
(2)证明:当x>0时,f(x+1)>g(x);
(3)证明:k<1时,存在x0>1,当x∈(1,x0)时,恒有f(x)+g(x)-
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▼优质解答
答案和解析
(1)由题意知,G(x)=2f(x)+g(x)=2lnx-
x2+x,(x>0)…(1分)
从而G′(x)=
-x+1=-
…(2分)
令G'(x)>0得0<x<2…(3分)
所以函数G(x)的单调递增区间为(0,2)…(4分)
(2)令H(x)=f(x+1)-g(x)=ln(x+1)+
x2-x…(5分)
从而H′(x)=
+x-1=
…(6分)
因为x>0,所以H'(x)>0,故H(x)在(0,+∞)上单调递增…(7分)
所以,当x>0时,H(x)>H(0)=0,
即f(x+1)>g(x)…(8分)
(3)当k<1时,
令F(x)=f(x)+g(x)-
-k(x-1)=lnx-
x2+x-
-k(x-1),(x>0)…(9分)
则有F′(x)=
-x+1-k=
…(10分)
由F'(x)=0得-x2+(1-k)x+1=0,
解之得,x1=
<0,x2=
>1,
…(11分)
从而存在x0=x2>1,当x∈(1,x0)时,F'(x)>0,
故F(x)在[1,x0)上单调递增,从而当x∈(1,x0)时,F(x)>F(1)=0,
即f(x)+g(x)-
>k(x-1)…(12分)
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从而G′(x)=
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x |
x2-x-2 |
x |
令G'(x)>0得0<x<2…(3分)
所以函数G(x)的单调递增区间为(0,2)…(4分)
(2)令H(x)=f(x+1)-g(x)=ln(x+1)+
1 |
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从而H′(x)=
1 |
x+1 |
x2 |
x+1 |
因为x>0,所以H'(x)>0,故H(x)在(0,+∞)上单调递增…(7分)
所以,当x>0时,H(x)>H(0)=0,
即f(x+1)>g(x)…(8分)
(3)当k<1时,
令F(x)=f(x)+g(x)-
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则有F′(x)=
1 |
x |
-x2+(1-k)x+1 |
x |
由F'(x)=0得-x2+(1-k)x+1=0,
解之得,x1=
1-k-
| ||
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1-k+
| ||
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…(11分)
从而存在x0=x2>1,当x∈(1,x0)时,F'(x)>0,
故F(x)在[1,x0)上单调递增,从而当x∈(1,x0)时,F(x)>F(1)=0,
即f(x)+g(x)-
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