已知a，b，c是实数，函数f（x）=ax2+bx+c，g（x）=ax+b，当-1≤x≤1时|f（x）|≤1．（1）证明：|c|≤1；（2）证明：当-1≤x≤1时，|g（x）|≤2；（3）设a＞0，有-1≤x≤1时，g（x）的最大值为2，求f

Question

已知a，b，c是实数，函数f（x）=ax²+bx+c，g（x）=ax+b，当-1≤x≤1时|f（x）|≤1．
（1）证明：|c|≤1；
（2）证明：当-1≤x≤1时，|g（x）|≤2；
（3）设a＞0，有-1≤x≤1时，g（x）的最大值为2，求f（x）．

Answer 1

（1）证明：由条件当=1≤x≤1时，
|f（x）|≤1，
取x=0得：|c|=|f（0）|≤1，
即|c|≤1．
（2）证法一：依题设|f（0）|≤1而f（0）=c，
所以|c|≤1．
当a＞0时，g（x）=ax+b在[-1，1]上是增函数，
于是g（-1）≤g（x）≤g（1），（-1≤x≤1）．
∵|f（x）|≤1，（-1≤x≤1），|c|≤1，
∴g（1）=a+b=f（1）-c≤|f（1）|+|c|=2，
g（-1）=-a+b=-f（-1）+c≥-（|f（-1）|+|c|）=-2，
因此得|g（x）|≤2  （-1≤x≤1）；
当a＜0时，g（x）=ax+b在[-1，1]上是减函数，
于是g（-1）≥g（x）≥g（1），（-1≤x≤1），
∵|f（x）|≤1  （-1≤x≤1），|c|≤1
∴|g（x）|=|f（1）-c|≤|f（1）|+|c|≤2．
当a=0时，g（x）=b，f（x）=bx+c．
∵-1≤x≤1，
∴|g（x）|=|f（1）-c|≤|f（1）|+|c|≤2．
综合以上结果，当-1≤x≤1时，
都有|g（x）|≤2．
证法二：∵|f（x）|≤1（-1≤x≤1）
∴|f（-1）|≤1，|f（1）|≤1，|f（0）|≤1，
∵f（x）=ax²+bx+c，
∴|a-b+c|≤1，|a+b+c|≤1，|c|≤1，
因此，根据绝对值不等式性质得：
|a-b|=|（a-b+c）-c|≤|a-b+c|+|c|≤2，
|a+b|=|（a+b+c）-c|≤|a+b+c|+|c|≤2，
∵g（x）=ax+b，∴|g（±1）|=|±a+b|=|a±b|≤2，
函数g（x）=ax+b的图象是一条直线，
因此|g（x）|在[-1，1]上的最大值只能在区间的端点x=-1或x=1处取得，
于是由|g（±1）|≤2得|g（x）|≤2，（-1＜x＜1）．

证法三：∵x＝((x+1)2−(x−1)2)/(4)＝((x+1)/(2))2−((x−1)/(2))2，

∴g(x)＝ax+b＝a[((x+1)/(2))2−((x−1)/(2))2]+b((x+1)/(2)−(x−1)/(2))

＝[a((x+1)/(2))2+b((x+1)/(2))+c]−[a((x−1)/(2))2+b((x−1)/(2))+c]

＝f((x+1)/(2))−f((x−1)/(2))

当-1≤x≤1时，有0≤(x+1)/(2)≤1，-1≤(x−1)/(2)≤0，
∵|f（x）|≤1，（-1≤x≤1），
∴|f ((x+1)/(2))|≤1，|f（(x−1)/(2)）|≤1；
因此当-1≤x≤1时，|g（x）|≤|f ((x+1)/(2))|+|f（(x−1)/(2)）|≤2．
（3）因为a＞0，g（x）在[-1，1]上是增函数，
当x=1时取得最大值2，
即g（1）=a+b=f（1）-f（0）=2．①
∵-1≤f（0）=f（1）-2≤1-2=-1，
∴c=f（0）=-1．
因为当-1≤x≤1时，f（x）≥-1，
即f（x）≥f（0），
根据二次函数的性质，直线x=0为f（x）的图象的对称轴，
由此得-(b)/(2a)=0，
即b=0．
由①得a=2，
所以f（x）=2x²-1．（14分）