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已知a>0,b∈R,函数f(x)=4ax2-2bx-a+b,x∈[0,1].(Ⅰ)当a=b=2时,求函数f(x)的最大值;(Ⅱ)证明:函数f(x)的最大值|2a-b|+a;(Ⅲ)证明:f(x)+|2a-b|+a≥0.
题目详情
已知a>0,b∈R,函数f(x)=4ax2-2bx-a+b,x∈[0,1].
(Ⅰ)当a=b=2时,求函数f(x)的最大值;
(Ⅱ)证明:函数f(x)的最大值|2a-b|+a;
(Ⅲ)证明:f(x)+|2a-b|+a≥0.
(Ⅰ)当a=b=2时,求函数f(x)的最大值;
(Ⅱ)证明:函数f(x)的最大值|2a-b|+a;
(Ⅲ)证明:f(x)+|2a-b|+a≥0.
▼优质解答
答案和解析
(Ⅰ)当a=b=2时,f(x)=8x2-4x,x∈[0,1].
对称轴为x=
,f(0)=0,f(1)=4,
可得f(x)的最大值为4;
(Ⅱ)证明:f(x)的对称轴为x=
,
当
>1时,区间[0,1]为减区间,
可得f(x)的最大值为f(0)=b-a,
由b>4a>2a,可得|2a-b|+a=b-2a+a=b-a,
则f(0)=|2a-b|+a;
当
<0时,区间[0,1]为增区间,
可得最大值为f(1)=3a-b,
由b<0,可得|2a-b|+a=2a-b+a=3a-b=f(1);
当0≤
≤1时,区间[0,
]为减区间,[
,1]为增区间,
若f(0)≤f(1),即b≤2a,可得最大值为f(1)=3a-b=|2a-b|+a;
若f(0)>f(1),即2a<b≤4a,可得最大值为f(0)=b-a=|2a-b|+a.
综上可得函数f(x)的最大值|2a-b|+a;
(Ⅲ)证明:要证f(x)+|2a-b|+a≥0恒成立,
只需证f(x)min+|2a-b|+a≥0,
设f(x)的最小值为m,最大值为M,由(Ⅱ)得M=|2a-b|+a,
由f(x)的对称轴为x=
,
当
>1时,区间[0,1]为减区间,可得m=f(1)=3a-b,
则M+m=b-2a+a+3a-b=2a>0;
当
<0时,区间[0,1]为增区间,可得m=f(0)=b-a,
M=f(1)=3a-b,则M+m=2a>0;
当0≤
≤1时,区间[0,
]为减区间,[
,1]为增区间,
可得m=f(
)=
,
若f(0)≤f(1),即b≤2a,可得M=f(1)=3a-b,
M+m=
≥
=a>0;
若f(0)>f(1),即2a<b≤4a,可得M=f(0)=b-a,
M+m=
=
,
由于2a<b≤4a,可得M+m∈(a,2a],即为M+m>0.
综上可得M+m>0恒成立,
即有f(x)+|2a-b|+a≥0.
对称轴为x=
1 |
4 |
可得f(x)的最大值为4;
(Ⅱ)证明:f(x)的对称轴为x=
b |
4a |
当
b |
4a |
可得f(x)的最大值为f(0)=b-a,
由b>4a>2a,可得|2a-b|+a=b-2a+a=b-a,
则f(0)=|2a-b|+a;
当
b |
4a |
可得最大值为f(1)=3a-b,
由b<0,可得|2a-b|+a=2a-b+a=3a-b=f(1);
当0≤
b |
4a |
b |
4a |
b |
4a |
若f(0)≤f(1),即b≤2a,可得最大值为f(1)=3a-b=|2a-b|+a;
若f(0)>f(1),即2a<b≤4a,可得最大值为f(0)=b-a=|2a-b|+a.
综上可得函数f(x)的最大值|2a-b|+a;
(Ⅲ)证明:要证f(x)+|2a-b|+a≥0恒成立,
只需证f(x)min+|2a-b|+a≥0,
设f(x)的最小值为m,最大值为M,由(Ⅱ)得M=|2a-b|+a,
由f(x)的对称轴为x=
b |
4a |
当
b |
4a |
则M+m=b-2a+a+3a-b=2a>0;
当
b |
4a |
M=f(1)=3a-b,则M+m=2a>0;
当0≤
b |
4a |
b |
4a |
b |
4a |
可得m=f(
b |
4a |
4ab-4a2-b2 |
4a |
若f(0)≤f(1),即b≤2a,可得M=f(1)=3a-b,
M+m=
8a2-b2 |
4a |
8a2-4a2 |
4a |
若f(0)>f(1),即2a<b≤4a,可得M=f(0)=b-a,
M+m=
8ab-8a2-b2 |
4a |
-(b-4a)2+8a2 |
4a |
由于2a<b≤4a,可得M+m∈(a,2a],即为M+m>0.
综上可得M+m>0恒成立,
即有f(x)+|2a-b|+a≥0.
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