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(2014•深圳二模)如图甲所示,静止在粗糙水平面上的正三角形金属线框,匝数N=10、总电阻R=2.5Ω、边长L=0.3m,处在两个半径均为r=L3的圆形匀强磁场区域中,线框顶点与右侧圆形中心重合,
题目详情
(2014•深圳二模)如图甲所示,静止在粗糙水平面上的正三角形金属线框,匝数N=10、总电阻R=2.5Ω、边长L=0.3m,处在两个半径均为r=
的圆形匀强磁场区域中,线框顶点与右侧圆形中心重合,线框底边中点与左侧圆形中心重合.磁感应强度B1垂直水平面向外,大小不变、B2垂直水平面向里,大小随时间变化,B1、B2的值如图乙所示.线框与水平面间的最大静摩擦力f=0.6N,(取π≈3),求:
(1)t=0时刻穿过线框的磁通量;
(2)线框滑动前的电流强度及电功率;
(3)经过多长时间线框开始滑动及在此过程中产生的热量.
L |
3 |
(1)t=0时刻穿过线框的磁通量;
(2)线框滑动前的电流强度及电功率;
(3)经过多长时间线框开始滑动及在此过程中产生的热量.
▼优质解答
答案和解析
(1)设磁场向下穿过线框磁通量为正,由磁通量的定义得t=0时,
Φ=B2
πr2-B1
πr2=-0.005Wb;
(2)根据法拉第电磁感应定律
E=N
=N
πr2=0.25V;
由闭合电路欧姆定律,则有:I=
=
=0.1A;
根据电功率的表达式,则有:P=I2R=0.12×2.5=0.025W;
(3)右侧线框每条边受到的安培力:
F1=NB2Ir=N(2+5t)Ir
因两个力互成120°,两条边的合力大小仍为F1,
左侧线框受力F2=NB1I•2r
线框受到的安培力的合力:F安=F1+F2;
当安培力的合力等于最大静摩擦力时线框就要开始滑动:F安=f;
即:F安=N(2+5t)Ir+NB1I•2r=f
解得:t=0.4s
Q=I2Rt=0.01J;
答:(1)t=0时刻穿过线框的磁通量0.005Wb;(2)线框滑动前的电流强度0.1A及电功率0.025W;(3)经过0.4s时间线框开始滑动及在此过程中产生的热量0.01J.
Φ=B2
1 |
6 |
1 |
2 |
(2)根据法拉第电磁感应定律
E=N
△Φ |
△t |
△B |
△t |
1 |
6 |
由闭合电路欧姆定律,则有:I=
E |
R |
0.25 |
2.5 |
根据电功率的表达式,则有:P=I2R=0.12×2.5=0.025W;
(3)右侧线框每条边受到的安培力:
F1=NB2Ir=N(2+5t)Ir
因两个力互成120°,两条边的合力大小仍为F1,
左侧线框受力F2=NB1I•2r
线框受到的安培力的合力:F安=F1+F2;
当安培力的合力等于最大静摩擦力时线框就要开始滑动:F安=f;
即:F安=N(2+5t)Ir+NB1I•2r=f
解得:t=0.4s
Q=I2Rt=0.01J;
答:(1)t=0时刻穿过线框的磁通量0.005Wb;(2)线框滑动前的电流强度0.1A及电功率0.025W;(3)经过0.4s时间线框开始滑动及在此过程中产生的热量0.01J.
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