早教吧作业答案频道 -->其他-->
一带电量q=6.4×10-19C、质量m=1.6×10-25kg的初速度为零的粒子,经电压U=200V的加速电场加速后,沿垂直于电场线方向从a点进入如图所示的匀强电场,并从b点穿出.已知匀强电场的场强E=2.0×103V/m
题目详情
一带电量q=6.4×10-19C、质量 m=1.6×10-25kg的初速度为零的粒子,经电压U=200V的加速电场加速后,沿垂直于电场线方向从a点进入如图所示的匀强电场,并从b点穿出.已知匀强电场的场强E=2.0×103V/m、宽度l=0.2m,粒子重力忽略不计.求:
(1)带电粒子进入电场时的速度;
(2)带电粒子从a到b过程中在电场方向上的位移y;
(2)带电粒子从b点离开电场时的速度大小和方向(用以初速度的夹角来表示).
(1)带电粒子进入电场时的速度;
(2)带电粒子从a到b过程中在电场方向上的位移y;
(2)带电粒子从b点离开电场时的速度大小和方向(用以初速度的夹角来表示).
▼优质解答
答案和解析
(1)带电粒子在加速电场中做匀加速直线运动,
由动能定理得:qU=
mv02-0,
代入数据解得:v0=4×104m/s,
(2)粒子在偏转电场中做类平抛运动,
由牛顿第二定律得:a=
,
代入数据解得:a=8×109m/s2,
竖直方向:y=
at2,
偏转电场平行板的长度:L=v0t,
代入数据解得:y=0.1m;
t=5×10-6s
(3)垂直于场强方向的速度:
vy=at=8×109×5×10-6=4×104m/s,
所以偏角的正切值为:tanθ=
=
=1
所以θ=45°;
v=
=4
×104m/s
答:(1)带电粒子进入电场时的速度是4×104m/s;
(2)带电粒子从a到b过程中在电场方向上的位移是0.1m;
(2)带电粒子从b点离开电场时的速度大小4
×104m/s和方向与水平方向之间的夹角是45°.
由动能定理得:qU=
1 |
2 |
代入数据解得:v0=4×104m/s,
(2)粒子在偏转电场中做类平抛运动,
由牛顿第二定律得:a=
qE |
m |
代入数据解得:a=8×109m/s2,
竖直方向:y=
1 |
2 |
偏转电场平行板的长度:L=v0t,
代入数据解得:y=0.1m;
t=5×10-6s
(3)垂直于场强方向的速度:
vy=at=8×109×5×10-6=4×104m/s,
所以偏角的正切值为:tanθ=
vy |
v0 |
4×104 |
4×104 |
所以θ=45°;
v=
|
2 |
答:(1)带电粒子进入电场时的速度是4×104m/s;
(2)带电粒子从a到b过程中在电场方向上的位移是0.1m;
(2)带电粒子从b点离开电场时的速度大小4
2 |
看了 一带电量q=6.4×10-1...的网友还看了以下:
若a>0,b>0,a^2/(a^4+a^2+1)=1/24,b^3/(b^6+b^3+1)=1/1 2020-04-27 …
已知3元非齐次线性方程组的增广矩阵为1 -1 2 10 A+1 0 1 ,若该方程组无解,则A的取 2020-05-13 …
A= (2 0 0) B=(1 0 0)(0 a 2) (0 2 0)(0 2 3) (0 0 b 2020-05-16 …
平面内有两个定点O(0,0)A(2,0)设点M到O的距离为d1,到A的距离为d2,且d1/d2=根 2020-05-17 …
有关整式加减的题目若x^2+3x-1=0,则x^3+5x^2+5x+8=?设a<b<0,a^2+b 2020-05-22 …
已知三角形OAB的顶点坐标为O(0,0),A(2,9),B(6,-3),点p的横坐标为14,且向量 2020-06-02 …
1.已知a+b+c=0,a^2+b^2+c^=1,求:①ab+bc+ac的值②a^4+b^4+c^ 2020-07-09 …
关于二重积分的计算!1.∫∫D4y^2sin(xy)dxdy,y=√(π/2),x=0,y=x,所 2020-07-31 …
a^3-2a^2-a+7=5,把这个式子分解公因式.答案是(a+1)(a-1)(a-2)=0,不知 2020-08-01 …
函数f(x)=ax2+1,x≥0(a+2)eax,x<0为R的单调函数,则实数a的取值范围是()A 2020-08-02 …