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已知函数f(x)=ax2-ex(a∈R)在(0,+∞)上有两个零点为x1,x2(x1<x2)(1)求实数a的取值范围;(2)求证:x1+x2>4.
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已知函数f(x)=ax2-ex(a∈R)在(0,+∞)上有两个零点为x1,x2(x1<x2)
(1)求实数a的取值范围;
(2)求证:x1+x2>4.
(1)求实数a的取值范围;
(2)求证:x1+x2>4.
▼优质解答
答案和解析
(1) ∵f(x)=ax2-ex(a∈R)在(0,+∞)上有两个零点,
∴方程a=
有两个根,等价于y=a与
有两个交点.
令h(x)=
,则h′(x)=
,…(3分)
于是x∈(0,2)时,h′(x)<0,即h(x)在(0,2)上单调递减;
当x∈(2,+∞)时,h′(x)>0,即h(x)在(2,+∞)上单调递增,
∴h(x)min=h(2)=
,
∴a的取值范围为(
,+∞). …(5分)
(2)证明:∵x1,x2(x1<x2)是f(x)=ax2-ex(a∈R)在(0,+∞)上的零点,
∴ax12=ex1,ax22=ex2,
两式相除可得(
)2=ex2-x1. …(7分)
令
=t(t>1),①
上式变为t2=ex2-x1,即x2-x1=2lnt,②
联立①②解得:x1=
,x2=
. …(9分)
要证明x1+x2>4,
即证明
+
>4,
即证明lnt+tlnt>2t-2.
令h(t)=lnt+tlnt-2t+2,则h′(t)=
+lnt-1. …(10分)
令y=
+lnt-1,y′=
>0,
故y=
+lnt-1在(1,+∞)上单调递增,故y>0,即h′(t)>0,
故h(t)在(1,+∞)上单调递增,故h(t)>h(1)=0,
即lnt+tlnt>2t-2,得证. …(12分)
∴方程a=
ex |
x2 |
ex |
x2 |
令h(x)=
ex |
x2 |
ex(x-2) |
x3 |
于是x∈(0,2)时,h′(x)<0,即h(x)在(0,2)上单调递减;
当x∈(2,+∞)时,h′(x)>0,即h(x)在(2,+∞)上单调递增,
∴h(x)min=h(2)=
e2 |
4 |
∴a的取值范围为(
e2 |
4 |
(2)证明:∵x1,x2(x1<x2)是f(x)=ax2-ex(a∈R)在(0,+∞)上的零点,
∴ax12=ex1,ax22=ex2,
两式相除可得(
x2 |
x1 |
令
x2 |
x1 |
上式变为t2=ex2-x1,即x2-x1=2lnt,②
联立①②解得:x1=
2lnt |
t-1 |
2tlnt |
t-1 |
要证明x1+x2>4,
即证明
2lnt |
t-1 |
2tlnt |
t-1 |
即证明lnt+tlnt>2t-2.
令h(t)=lnt+tlnt-2t+2,则h′(t)=
1 |
t |
令y=
1 |
t |
t-1 |
t2 |
故y=
1 |
t |
故h(t)在(1,+∞)上单调递增,故h(t)>h(1)=0,
即lnt+tlnt>2t-2,得证. …(12分)
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