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已知函数f(x)=x2+ax+b,g(x)=2x+a(a,b∈R),且函数f(x)与g(x)的图象至多有一个公共点.(Ⅰ)证明:当x≥0时,f(x)≤(x+b)2;(Ⅱ)若不等式f(a)-f(b)≥L(a2-b2)对题设条件
题目详情
已知函数f(x)=x2+ax+b,g(x)=2x+a(a,b∈R),且函数f(x)与g(x)的图象至多有一个公共点.
(Ⅰ)证明:当x≥0时,f(x)≤(x+b)2;
(Ⅱ)若不等式f(a)-f(b)≥L(a2-b2)对题设条件中的a,b总成立,求L的最小值.
(Ⅰ)证明:当x≥0时,f(x)≤(x+b)2;
(Ⅱ)若不等式f(a)-f(b)≥L(a2-b2)对题设条件中的a,b总成立,求L的最小值.
▼优质解答
答案和解析
(Ⅰ)证明:由题意得f(x)-g(x)=x2+ax+b-2x-a
=x2+(a-2)x+b-a≥0恒成立,
∴△=(a-2)2-4(b-a)=a2+4-4b≤0,
∴a2≤4b-4,∴0≤4b-4,即有b≥1,
又f(x)-(x+b)2=(a-2b)x+b(1-b)
又a2≤4b-4≤b2,∴a≤|a|≤b≤2b,
∴k=a-2b≤0,
f(0)-b2=b(1-b)≤0,
∴当x≥0时,f(x)≤(x+b)2;
(Ⅱ) 由(Ⅰ)得,b≥|a|,
当b>|a|时,L≥
=
=
,
令t=
,则-1<t<1,
=2-
,
而函数g(t)=2-
(-1<t<1)的值域是(-∞,
),
因此,当b>|a|时,L的取值集合为[
,+∞),
当b=|a|时,由(I)知,a=±2,b=2,
此时f(b)-f(a)=-8或0,b2-a2=0,
从而f(b)-f(a)≤L(b2-a2)恒成立.
综上所述,L的最小值为
.
=x2+(a-2)x+b-a≥0恒成立,
∴△=(a-2)2-4(b-a)=a2+4-4b≤0,
∴a2≤4b-4,∴0≤4b-4,即有b≥1,
又f(x)-(x+b)2=(a-2b)x+b(1-b)
又a2≤4b-4≤b2,∴a≤|a|≤b≤2b,
∴k=a-2b≤0,
f(0)-b2=b(1-b)≤0,
∴当x≥0时,f(x)≤(x+b)2;
(Ⅱ) 由(Ⅰ)得,b≥|a|,
当b>|a|时,L≥
f(a)-f(b) |
a2-b2 |
2a2-b2-ab |
a2-b2 |
2a+b |
a+b |
令t=
a |
b |
2a+b |
a+b |
1 |
1+t |
而函数g(t)=2-
1 |
1+t |
3 |
2 |
因此,当b>|a|时,L的取值集合为[
3 |
2 |
当b=|a|时,由(I)知,a=±2,b=2,
此时f(b)-f(a)=-8或0,b2-a2=0,
从而f(b)-f(a)≤L(b2-a2)恒成立.
综上所述,L的最小值为
3 |
2 |
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