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(2013•保定二模)如图,正方形ABCD中,E,F分别是边AD,CD上的点,DE=CF,AF与BE相交于O,DG⊥AF,垂足为G.(1)求证:BE⊥AF;(2)若正方形ABCD的边长为4,EH⊥DG,垂足为H,且GODE=45,求DE的
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![](http://hiphotos.baidu.com/zhidao/pic/item/4afbfbedab64034f247861b7acc379310b551dcd.jpg)
(1)求证:BE⊥AF;
(2)若正方形ABCD的边长为4,EH⊥DG,垂足为H,且
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DE |
4 |
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▼优质解答
答案和解析
(1)证明:∵四边形ABCD为正方形,且DE=CF,
∴AE=DF,AB=AD,∠BAE=∠ADF=90°,
∵在△ABE和△DAF中,
,
∴△ABE≌△DAF(SAS),
∴∠ABE=∠DAF,
又∵∠DAF+∠BAF=90°,
∴∠ABE+∠BAF=90°,
∴∠AOB=90°,即AF⊥BE;
(2)∵EH⊥DG,显然四边形EOGH为矩形,![](http://hiphotos.baidu.com/zhidao/pic/item/4afbfbedab64034f247861b7acc379310b551dcd.jpg)
∴EH=OG,
∴
=
=
,
又知∠EDH=∠DFA(同角的余角相等),
∴sin∠EDH=sin∠DFA=
,
∴在Rt△ADF中,
=
,
又∵AD=4,
∴AF=5,
由勾股定理得DF=3,
∴DE=CF=4-3=1.
∴AE=DF,AB=AD,∠BAE=∠ADF=90°,
∵在△ABE和△DAF中,
|
∴△ABE≌△DAF(SAS),
∴∠ABE=∠DAF,
又∵∠DAF+∠BAF=90°,
∴∠ABE+∠BAF=90°,
∴∠AOB=90°,即AF⊥BE;
(2)∵EH⊥DG,显然四边形EOGH为矩形,
![](http://hiphotos.baidu.com/zhidao/pic/item/4afbfbedab64034f247861b7acc379310b551dcd.jpg)
∴EH=OG,
∴
OG |
DE |
EH |
DE |
4 |
5 |
又知∠EDH=∠DFA(同角的余角相等),
∴sin∠EDH=sin∠DFA=
4 |
5 |
∴在Rt△ADF中,
AD |
AF |
4 |
5 |
又∵AD=4,
∴AF=5,
由勾股定理得DF=3,
∴DE=CF=4-3=1.
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