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已知函数f(x)=x+alnx-1,a∈R.(Ⅰ)求函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)若2f(x)+lnxx≥0对于任意x∈[1,+∞)恒成立,求a的取值范围.
题目详情
已知函数f(x)=x+alnx-1,a∈R.
(Ⅰ)求函数f(x)的单调区间;
(Ⅱ)若2f(x)+
≥0对于任意x∈[1,+∞)恒成立,求a的取值范围.
(Ⅰ)求函数f(x)的单调区间;
(Ⅱ)若2f(x)+
lnx |
x |
▼优质解答
答案和解析
(I)∵f(x)=x+alnx-1,
∴f′(x)=1+
=
,
当a≥0时,f′(x)>0恒成立,此时f(x)在(0,+∞)上单调递增;
当a<0时,若f′(x)>0,则x>-a,若f′(x)<0,则0<x<-a,
故此时,f(x)在(0,-a)上单调递减,在(-a,+∞)上单调递增;
(II)若2f(x)+
≥0对于任意x∈[1,+∞)恒成立,
即2x+2alnx-2+
≥0对于任意x∈[1,+∞)恒成立,
设g(x)=2x+2alnx-2+
,x∈[1,+∞),
则g′(x)=2+
+
=
,x∈[1,+∞)
当a≥0时,g′(x)>0恒成立,此时g(x)在[1,+∞)上单调递增;
∴g(x)≥g(1)=0恒成立,
当-
≤a<0时,
设h(x)=2x2+2ax+1-lnx,x∈[1,+∞)
h′(x)=4x+2a-
>0,
∴h(x)为增函数,
h(x)≥h(1)>0
此时g(x)在[1,+∞)上单调递增;
∴g(x)≥g(1)=0恒成立,
当a<-
时,若x∈[1,−
)时,2a+1<-2x,
由(I)知,当a=-1时,f(x)=x-lnx-1≥f(1)=0,
∴lnx≤x-1,-lnx≤
-1,
此时h(x)<0,
故g′(x)<0,
此时g(x)在[1,−
)上单调递减;
∴g(x)<g(1)=0,为符合题意,
综上所述,a≥-
∴f′(x)=1+
a |
x |
x+a |
x |
当a≥0时,f′(x)>0恒成立,此时f(x)在(0,+∞)上单调递增;
当a<0时,若f′(x)>0,则x>-a,若f′(x)<0,则0<x<-a,
故此时,f(x)在(0,-a)上单调递减,在(-a,+∞)上单调递增;
(II)若2f(x)+
lnx |
x |
即2x+2alnx-2+
lnx |
x |
设g(x)=2x+2alnx-2+
lnx |
x |
则g′(x)=2+
2a |
x |
1−lnx |
x2 |
2x2+2ax+1−lnx |
x2 |
当a≥0时,g′(x)>0恒成立,此时g(x)在[1,+∞)上单调递增;
∴g(x)≥g(1)=0恒成立,
当-
3 |
2 |
设h(x)=2x2+2ax+1-lnx,x∈[1,+∞)
h′(x)=4x+2a-
1 |
x |
∴h(x)为增函数,
h(x)≥h(1)>0
此时g(x)在[1,+∞)上单调递增;
∴g(x)≥g(1)=0恒成立,
当a<-
3 |
2 |
2a+1 |
2 |
由(I)知,当a=-1时,f(x)=x-lnx-1≥f(1)=0,
∴lnx≤x-1,-lnx≤
1 |
x |
此时h(x)<0,
故g′(x)<0,
此时g(x)在[1,−
2a+1 |
2 |
∴g(x)<g(1)=0,为符合题意,
综上所述,a≥-
3 |
2 |
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