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已知函数f(x)=ex,g(x)=lnx,(1)求证:f(x)≥x+1;(2)设x0>1,求证:存在唯一的x0使得g(x)图象在点A(x0,g(x0))处的切线l与y=f(x)图象也相切;(3)求证:对任意给定的正数
题目详情
已知函数f(x)=ex,g(x)=lnx,
(1)求证:f(x)≥x+1;
(2)设x0>1,求证:存在唯一的x0使得g(x)图象在点A(x0,g(x0))处的切线l与y=f(x)图象也相切;
(3)求证:对任意给定的正数a,总存在正数x,使得|
-1|<a成立.
(1)求证:f(x)≥x+1;
(2)设x0>1,求证:存在唯一的x0使得g(x)图象在点A(x0,g(x0))处的切线l与y=f(x)图象也相切;
(3)求证:对任意给定的正数a,总存在正数x,使得|
f(x)−1 |
x |
▼优质解答
答案和解析
(1)令F(x)=ex-x-1,x∈R,
∵F'(x)=ex-1=0得x=0,∴当x>0时F'(x)>0,F(x)递增;
当x<0时F'(x)<0,F(x)递减;∴F(x)min=F(0)=0,
由最小值定义得F(x)≥F(x)min=0即ex≥x+1.
(2)g(x)在x=x0处切线方程为y=
x+lnx0−1①
设直线l与y=ex图象相切于点(x1,ex1),则l:y=ex1x+ex1(1−x1)②,
由①②得
,
∴lnx0−
=0⑤
下证x0在(1,+∞)上存在且唯一.
令G(x)=lnx−
(x>1),G′(x)=
>0,
∴G(x)在(1,+∞)上递增.
又G(e)=
<0,G(e2)=
>0,G(x)图象连续,∴存在唯一x0∈(1,+∞)使⑤式成立,从而由③④可确立x1.故得证.
(1)由(1)知
−1>0即证当a>0时不等式ex-1-x<ax即ex-ax-x-1<0在(0,+∞)上有解.
令H(x)=ex-ax-x-1,即证H(x)min<0,
由H'(x)=ex-a-1=0得x=ln(a+1)>0.
当0<x<ln(a+1)时,H'(x)<0,H(x)递减,
当x>ln(a+1)时,H'(x)>0,H(x)递增.
∴H(x)min=H(ln(a+1))=a+1-aln(a+1)-ln(a+1)-1.
令V(x)=x-xlnx-1,其中x=a+1>1
则V'(x)=1-(1+lnx)=-lnx<0,
∴V(x)递减,∴V(x)<V(1)=0.
综上得证.
∵F'(x)=ex-1=0得x=0,∴当x>0时F'(x)>0,F(x)递增;
当x<0时F'(x)<0,F(x)递减;∴F(x)min=F(0)=0,
由最小值定义得F(x)≥F(x)min=0即ex≥x+1.
(2)g(x)在x=x0处切线方程为y=
1 |
x0 |
设直线l与y=ex图象相切于点(x1,ex1),则l:y=ex1x+ex1(1−x1)②,
由①②得
|
∴lnx0−
x0+1 |
x0−1 |
下证x0在(1,+∞)上存在且唯一.
令G(x)=lnx−
x+1 |
x−1 |
x2+1 |
x(x−1)2 |
∴G(x)在(1,+∞)上递增.
又G(e)=
−2 |
e−1 |
e2−3 |
e2−1 |
(1)由(1)知
f(x)−1 |
x |
令H(x)=ex-ax-x-1,即证H(x)min<0,
由H'(x)=ex-a-1=0得x=ln(a+1)>0.
当0<x<ln(a+1)时,H'(x)<0,H(x)递减,
当x>ln(a+1)时,H'(x)>0,H(x)递增.
∴H(x)min=H(ln(a+1))=a+1-aln(a+1)-ln(a+1)-1.
令V(x)=x-xlnx-1,其中x=a+1>1
则V'(x)=1-(1+lnx)=-lnx<0,
∴V(x)递减,∴V(x)<V(1)=0.
综上得证.
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