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已知函数f(x)=axlnx+b在点(1,f(1))处的切线方程为y=x-1,g(x)=λ(x-1)(其中λ为常数).(1)求函数f(x)的解析式;(2)若对任意x∈[1,+∞),不等式f(x)≥g(x)恒成立,求实
题目详情
已知函数f(x)=axlnx+b在点(1,f(1))处的切线方程为y=x-1,g(x)=λ(x-1)(其中λ为常数).
(1)求函数f(x)的解析式;
(2)若对任意x∈[1,+∞),不等式f(x)≥g(x)恒成立,求实数λ的取值范围;
(3)当x>1时,求证:[f(x-1)-(x-3)][f(ex)-3(ex-3)]≥9-e2(其中e为自然对数的底数).
(1)求函数f(x)的解析式;
(2)若对任意x∈[1,+∞),不等式f(x)≥g(x)恒成立,求实数λ的取值范围;
(3)当x>1时,求证:[f(x-1)-(x-3)][f(ex)-3(ex-3)]≥9-e2(其中e为自然对数的底数).
▼优质解答
答案和解析
(本小题满分16分)
(1)f'(x)=a(lnx+1)Z,f'(1)=1,得a=1;又由f(1)=0,得b=0,
所以f(x)=xlnx.(3分)
(2)对任意x∈[1,+∞),不等式xlnx≥λ(x-1)恒成立;
等价于对任意x∈[1,+∞),不等式lnx≥λ(1-
)恒成立;
令h(x)=lnx-λ(1-
)(x≥1),则有h(x)≥0在x∈[1,+∞)上恒成立;h′(x)=
-
=
;
若λ≤1,当x≥1时,h'(x)≥0,所以h(x)在[1,+∞)上单调递增,
所以,当x≥1时,h(x)≥h(1)=0;
若λ>1,当1≤x<λ时,h'(x)<0,当x>λ时,h'(x)>0,
所以h(x)在[1,λ)上单调递减,在(λ,+∞)上单调递增,
所以当1<x<λ时,h(x)<h(1)=0,与题意矛盾;
综上,实数λ的取值范围为(-∞,1].(9分)
(3)令p(x)=f(x-1)-(x-3)=(x-1)ln(x-1)-x+3,p'(x)=ln(x-1);令p'(x)>0,解得x>2;
令p'(x)<0,解得1<x<2;∴p(x)在(1,2)上单调递减;在(2,+∞)上单调递增;
故当x=2时,p(x)取得最小值p(2)=1>0;q(x)=f(ex)-3(ex-3)=xex-3ex+9,q'(x)=(x-2)•ex,令q'(x)<0,解得1<x<2;令q'(x)>0,解得x>2;
所以q(x)在(1,2)上单调递减;在(2,+∞)上单调递增;
故当x=2时,f(x)取得最小值q(2)=9-e2>0;
所以,当x>1时,p(x)q(x)≥pmin(x)qmin(x)=p(2)q(2)=9-e2,
即[f(x-1)-(x-3)][f(ex)-3(ex-3)]≥9-e2,
当且仅当x=2时,等号成立.(16分)
(1)f'(x)=a(lnx+1)Z,f'(1)=1,得a=1;又由f(1)=0,得b=0,
所以f(x)=xlnx.(3分)
(2)对任意x∈[1,+∞),不等式xlnx≥λ(x-1)恒成立;
等价于对任意x∈[1,+∞),不等式lnx≥λ(1-
1 |
x |
令h(x)=lnx-λ(1-
1 |
x |
1 |
x |
λ |
x2 |
x-λ |
x2 |
若λ≤1,当x≥1时,h'(x)≥0,所以h(x)在[1,+∞)上单调递增,
所以,当x≥1时,h(x)≥h(1)=0;
若λ>1,当1≤x<λ时,h'(x)<0,当x>λ时,h'(x)>0,
所以h(x)在[1,λ)上单调递减,在(λ,+∞)上单调递增,
所以当1<x<λ时,h(x)<h(1)=0,与题意矛盾;
综上,实数λ的取值范围为(-∞,1].(9分)
(3)令p(x)=f(x-1)-(x-3)=(x-1)ln(x-1)-x+3,p'(x)=ln(x-1);令p'(x)>0,解得x>2;
令p'(x)<0,解得1<x<2;∴p(x)在(1,2)上单调递减;在(2,+∞)上单调递增;
故当x=2时,p(x)取得最小值p(2)=1>0;q(x)=f(ex)-3(ex-3)=xex-3ex+9,q'(x)=(x-2)•ex,令q'(x)<0,解得1<x<2;令q'(x)>0,解得x>2;
所以q(x)在(1,2)上单调递减;在(2,+∞)上单调递增;
故当x=2时,f(x)取得最小值q(2)=9-e2>0;
所以,当x>1时,p(x)q(x)≥pmin(x)qmin(x)=p(2)q(2)=9-e2,
即[f(x-1)-(x-3)][f(ex)-3(ex-3)]≥9-e2,
当且仅当x=2时,等号成立.(16分)
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