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如图所示,在平面直角坐标系的第一象限,直线OP与x轴正向的夹角θ=π4,OP与y轴之间存在垂直于坐标平面向外的,磁感应强度大小为B的匀强磁场,OP与x轴之间有方向沿x轴负方向的匀强电场
题目详情
如图所示,在平面直角坐标系的第一象限,直线OP与x轴正向的夹角θ=
,OP与y轴之间存在垂直于坐标平面向外的,磁感应强度大小为B的匀强磁场,OP与x轴之间有方向沿x轴负方向的匀强电场,一质量为m,电荷量为q的带正电粒子(重力不计),从原点O沿y轴正方向以速度v0射入磁场,从x轴上某处沿与x轴负向成
角的方向离开第一象限,求:
(1)粒子的运动轨迹与OP的交点坐标;
(2)电场强度的大小;
(3)粒子在第一象限内运动的时间;
(4)若在第四象限中加一垂直坐标平面,磁感应强度为2B的正三角形磁场,使粒子能再次经过坐标原点O且与y轴正向夹角为
进入第二象限,试计算所加磁场的最小边长.
π |
4 |
π |
4 |
(1)粒子的运动轨迹与OP的交点坐标;
(2)电场强度的大小;
(3)粒子在第一象限内运动的时间;
(4)若在第四象限中加一垂直坐标平面,磁感应强度为2B的正三角形磁场,使粒子能再次经过坐标原点O且与y轴正向夹角为
π |
4 |
▼优质解答
答案和解析
(1)根据左手定则可得.粒子在磁场中向右偏转,由圆周运动的对称性可得,粒子将沿水平方向进入电场,然后减速到0,再加速运动,从进入点再次进入磁场区域,经过一段时间后第二次进入电场区域,画出运动的轨迹如图:
由几何关系知,从O到A为
圆周,从A到C速度匀减速到0,再反向加速到A,从A经
圆周到D,后垂直电场方向进入电场,做类平抛运动,由几何关系知粒子运动与OP的交点坐标为:A(R,R);D(2R,2R)
由洛伦兹力提供向心力得:qvB=
得:R=
所以:交点坐标为:A(
,
);D(
,
)
(2)粒子第二次进入电场后做平抛运动,竖直方向:2R=v0t3
得:t3=
=
从x轴上某处沿与x轴负向成
角的方向离开第一象限,得:tan45°=
得:vy=v0
又:vy=at3=
•t3
解得:E=
Bv0
(3)由图可得,粒子在磁场中运动的时间刚刚是一个周期,所以粒子在磁场中运动的时间:t1=T=
=
粒子在电场中做直线往返运动的时间:t2=
=
=
粒子在第一象限运动的总时间:t=t1+t2+t3=
+
+
=(π+3)
(4)粒子在电场中偏转时,沿x方向的位移:x=
a
=
所以粒子离开电场进入第四象限时的坐标:(
,0)
粒子进入第四象限时的速度大小:v=
=
v0
又:B′=2B
则粒子的运动半径:R′=
=
R,所以粒子从O点飞离时,则三角形的边长正好是圆的弦长R,故:L=R=
答:(1)粒子的运动轨迹与OP的交点坐标为:A(
,
);D(
,
);
(2)电场强度的大小E=
Bv0;
(3)粒子在第一象限内运动的时间是(π+3)
;
(4)使粒子能再次经过坐标原点O且与y轴正向夹角为
进入第二象限,所加磁场的最小边长是
.
由几何关系知,从O到A为
1 |
4 |
3 |
4 |
由洛伦兹力提供向心力得:qvB=
m
| ||
R |
得:R=
mv0 |
qB |
所以:交点坐标为:A(
mv0 |
qB |
mv0 |
qB |
2mv0 |
qB |
2mv0 |
qB |
(2)粒子第二次进入电场后做平抛运动,竖直方向:2R=v0t3
得:t3=
| ||
v0 |
2m |
qB |
从x轴上某处沿与x轴负向成
π |
4 |
v0 |
vy |
得:vy=v0
又:vy=at3=
qE |
m |
解得:E=
1 |
2 |
(3)由图可得,粒子在磁场中运动的时间刚刚是一个周期,所以粒子在磁场中运动的时间:t1=T=
2πR |
v0 |
2πm |
qB |
粒子在电场中做直线往返运动的时间:t2=
2v0 |
a |
2mv0 |
qE |
4m |
qB |
粒子在第一象限运动的总时间:t=t1+t2+t3=
2πm |
qB |
4m |
qB |
2m |
qB |
2m |
qB |
(4)粒子在电场中偏转时,沿x方向的位移:x=
1 |
2 |
t | 2 3 |
mv0 |
qB |
所以粒子离开电场进入第四象限时的坐标:(
mv0 |
qB |
粒子进入第四象限时的速度大小:v=
|
2 |
又:B′=2B
则粒子的运动半径:R′=
mv |
q•2B |
| ||
2 |
mv0 |
qB |
答:(1)粒子的运动轨迹与OP的交点坐标为:A(
mv0 |
qB |
mv0 |
qB |
2mv0 |
qB |
2mv0 |
qB |
(2)电场强度的大小E=
1 |
2 |
(3)粒子在第一象限内运动的时间是(π+3)
2m |
qB |
(4)使粒子能再次经过坐标原点O且与y轴正向夹角为
π |
4 |
mv0 |
qB |
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