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设函数f(x)=ax2-a-lnx,其中a∈R.(Ⅰ)讨论f(x)的单调性;(Ⅱ)当x∈(1,+∞)时,xf(x)+xe1-x>1恒成立,求a的取值范围.(其中,e=2.718…为自然对数的底数).
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设函数f(x)=ax2-a-lnx,其中a∈R.
(Ⅰ)讨论f(x)的单调性;
(Ⅱ)当x∈(1,+∞)时,xf(x)+xe1-x>1恒成立,求a的取值范围.(其中,e=2.718…为自然对数的底数).
(Ⅰ)讨论f(x)的单调性;
(Ⅱ)当x∈(1,+∞)时,xf(x)+xe1-x>1恒成立,求a的取值范围.(其中,e=2.718…为自然对数的底数).
▼优质解答
答案和解析
(Ⅰ)由题意,f′(x)=2ax-
=
,x>0,
①当a≤0时,2ax2-1≤0,f′(x)≤0,f(x)在(0,+∞)上单调递减.
②当a>0时,f′(x)=
,当x∈(0,
)时,f′(x)<0,
当x∈(
,+∞)时,f′(x)>0,
故f(x)在(0,
)上单调递减,在(
,+∞)上单调递增.
(Ⅱ)原不等式等价于f(x)-
+e1-x>0在x∈(1.+∞)上恒成立,
一方面,令g(x)=f(x)-
+e1-x=ax2-lnx-
+e1-x-a,
只需g(x)在x∈(1.+∞)上恒大于0即可,
又∵g(1)=0,故g′(x)在x=1处必大于等于0.
令F(x)=g′(x)=2ax-
+
-e1-x,g′(1)≥0,可得a≥
,
另一方面,当a≥
时,F′(x)=2a+
-
+e1-x≥1+
-
+e1-x=
+e1-x,
∵x∈(1,+∞),故x3+x-2>0,又e1-x>0,故F′(x)在a≥
时恒大于0.
∴当a≥
时,F(x)在x∈(1,+∞)单调递增.
∴F(x)>F(1)=2a-1≥0,故g(x)也在x∈(1,+∞)单调递增.
∴g(x)>g(1)=0,即g(x)在x∈(1,+∞)上恒大于0.
综上,a≥
.
1 |
x |
2ax2-1 |
x |
①当a≤0时,2ax2-1≤0,f′(x)≤0,f(x)在(0,+∞)上单调递减.
②当a>0时,f′(x)=
2a(x+
| ||||
x |
1 |
2a |
当x∈(
1 |
2a |
故f(x)在(0,
1 |
2a |
1 |
2a |
(Ⅱ)原不等式等价于f(x)-
1 |
x |
一方面,令g(x)=f(x)-
1 |
x |
1 |
x |
只需g(x)在x∈(1.+∞)上恒大于0即可,
又∵g(1)=0,故g′(x)在x=1处必大于等于0.
令F(x)=g′(x)=2ax-
1 |
x |
1 |
x2 |
1 |
2 |
另一方面,当a≥
1 |
2 |
1 |
x2 |
2 |
x3 |
1 |
x2 |
2 |
x3 |
x3+x-2 |
x3 |
∵x∈(1,+∞),故x3+x-2>0,又e1-x>0,故F′(x)在a≥
1 |
2 |
∴当a≥
1 |
2 |
∴F(x)>F(1)=2a-1≥0,故g(x)也在x∈(1,+∞)单调递增.
∴g(x)>g(1)=0,即g(x)在x∈(1,+∞)上恒大于0.
综上,a≥
1 |
2 |
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